一个高三磁场物理题,求解。

先判断小球受力在磁场中的受力方向为垂直向下。光滑轨道即不计小球与轨道的摩擦力。根据能量守恒定律1/2*m(V0)^2-2R*(mg+qB)=1/2m(Vq)^2 小球在a点必须有足够的向心力才能使小球在a点之前不至于落下。所以 F向心力=m(Vq)^2/R=mg+qB 综合上面两式子 即可得出V0 ...

加速度=F/m=8B^2a^2v/mR; B 错 此过程磁通量的变化=Bπa^2=I R t=q R,q=Bπa^2/R C 对 此过程产生的电能=动能的减少=1/2mv^2-1/2m(v/2)^2=0.375 mv^2 D 错 所以正确答案是 C

14．(1) 设粒子第1次经过狭缝后的半径为r1，速度为v1，， ，解得 。同理，粒子第2次经过狭缝后的半径 则 (2) 设粒子到出口处被加速了n圈， ， ， ， 。解得：(3) 加速电场的频率应等于粒子在磁场中做圆周运动的频率，即 ,当磁感应强度为Bm时，加速电场的频率应为 ，粒子的动能 ...

解：（1）设装置由静止释放到导体棒运动到磁场下边界的过程中，开始恰恰是线框通过磁场时由于切割磁感线而产生热能，而当线框通过磁场后到导体棒与磁场相切割时，此时导体棒由于在安培力的作用下也会有负功产生，所以，设在线框上的焦尔热为Q，由动能定理：mg*sinα*4d-Q-BlLd=0 代入数据，解得Q...

此题中说道所有粒子以相同的速度大小进入只是方向不同。这个相同的速度是一个确定的值只是没有告知，通过"从发射粒子到粒子全部离开磁场经历的时间恰好为粒子在磁场中做圆周运动周期的四分之一"即在磁场中运动时间最长的只转了90度角推出。qvB=MV2/R=2派MV/T T=2派M/qB(转动时间只与转动角度有关...

进入磁场后，粒子作圆周运动，圆的半径为r=mv/(qB)=mv²/(qBv)=2U/(Bv)，B一定的条件下，v相同的粒子，会打到胶片上同一点上。C正确。r=mv/(qB)=(mv²/q*m/q)^(1/2)*(1/B)=√(2U)/B*√(m/q)，打到胶片上距离O远的粒子，即r越大，m/q越大。所以D错。

解得a=g-B^2L^2v/Rm 因为B,L，V相同，g相同，且m1*r1=m2*r2，所以进入磁场时的加速度相同！所以入场后无论下降多少，速度都是相同的！ 由m1小于m2可知，R1大于R2,所以F安1小于F安2，w安培力=Q热=F安l 因为下落过程中v总是相等的，所以 Q2大于Q1 其实安培力做的功就是线框...

入射角越大，弦长越小，磁场中运动时间越短。60<θ<90度时，入射角越大，弦长越大，磁场中运动时间越长。所以C不正确。关键是B了，在题目给出入射粒子各个方向的情况下，包括不在磁场中运动的粒子时，θ=60度就不算在磁场中运动的时间最短的粒子。如果规定0<θ<90度，则B也是正确选项。

1）首先：分析电荷带电情况，若带正电荷，竖直平面内考虑重力，磁场力只能垂直运动方向，受力分析矛盾，所以电荷为负 可知电场方向水平向右 磁场力的竖直方向等于重力，水平方向等于电场力， 由此得出2个方程，联立后消去磁场力，可以解出电场大小（角度的相关条件由P点坐标确定）2）磁场力qBv，由上问...

两者相减为动能的减少 考察导线在磁场中的运动过程，从ab进到ab出，速度大小不变，即动能不变，全程重力做功等于安培力做的功，但是安培力只在ab进到cd进这个阶段做了功，故有安培力做功等于mgH 安培力是个变力不易直接算出所做的功，故只能利用能量守恒定律来计算 ...